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c++ - 模板函数特化 : linker error

coder 2024-02-19 原文

当模板参数类型相同时，我正在尝试专门化两个模板参数的函数。我通过以下方式进行:

#include <iostream>
#include <type_traits>

using namespace std;

template<typename U, typename T>
int fun( U& u, T t );

template<>
inline
int fun( int& u, float t )
{
    cout << "int, float" << endl;
    return 0;
}

template<typename U, typename T>
inline
int fun( U& u, typename std::enable_if<std::is_same<U, T>::value ,T>::type t )
{
    cout << "U == T" << endl;
    return 0;
}

int main()
{
    int a;
    float b1, b2;

    fun(a, b1);
    fun(b1, b2);

    return 0;
}

此代码编译良好(GCC 4.8.2)，但当 U 和 T 相同时，链接器会为所有 fun 调用提供 undefined reference 类型。为什么它不起作用？

链接器输出:

g++ -std=c++11 test.cpp


/tmp/cc7HWboz.o: In function `main':
test.cpp:(.text+0x66): undefined reference to `int fun<float, float>(float&, float)'
collect2: error: ld returned 1 exit status

最佳答案

问题

你的 fun正在使用 std::enable_if防止两种不同类型的实例发生重大问题；它不能隐式推断类型 T .

这意味着当您调用 fun 时与 b1和 b2作为实例化的参数 template<typename U, typename T> int fun( U& u, T t ) ，它没有定义.. 因此链接器错误。

解决方案

下面编写的代码有很多替代方案，但我认为这可能会消除一些困惑。

template<
  typename U,
  typename T,
  typename = typename std::enable_if<std::is_same<U, T>::value>::type
>
inline int fun( U& u, T t)
{
    cout << "U == T" << endl;
    return 0;
}

inline int fun( int& u, float t )
{
    cout << "int, float" << endl;
    return 0;
}

在上面编译器可以推导出T和 U在我们的模板中，也不需要对所述模板进行显式特化；我们可以利用 C++ 的重载规则，让编译器决定何时 int&, float是比推导 U&, T 更好的匹配.

关于c++ - 模板函数特化 : linker error，我们在Stack Overflow上找到一个类似的问题： https://stackoverflow.com/questions/23859257/

amplinkercodetypenameltc++templatesc++11specialization

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