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c++ - 如何编写丢弃其参数的通用可变参数 lambda？

coder 2024-02-25 原文

我想编写一个 lambda，它通过通用引用接受任意数量的参数并完全忽略它们。显而易见的方法是使用可变通用参数包的语法并省略参数名称:

auto my_lambda = [](auto&&...) { return 42; };

在我 try to pass a non trivially-copyable object 之前这工作正常(使用 gcc 4.9.2) :

struct S { S() {} S(S const&) {} };
my_lambda("meow", 42, S{});
^ error: cannot pass objects of non-trivially-copyable type 'struct S' through '...'

这是怎么回事？我的代码格式不正确，还是 gcc 中的错误？

无论哪种情况，最好的解决方法是什么？我发现命名参数有效，但随后我遇到了未使用参数警告:

auto my_lambda = [](auto&&... unused) { return 42; };
^ error: unused parameter 'unused#0' [-Werror=unused-parameter]
^ error: unused parameter 'unused#1' [-Werror=unused-parameter]
^ error: unused parameter 'unused#2' [-Werror=unused-parameter]

如何抑制模板参数包上的未使用参数警告？

最佳答案

这是一个parsing bug在 GCC 中(你自己报告的!)。 auto&&... 在语法上有歧义，可以解析为 auto&&, ... 的等价物或参数包声明(从技术上讲，问题是 ... 是parameter-declaration-clause 或abstract-declarator 的一部分)；标准说它被解析为后者； GCC 将其解析为前者。

命名包解决了解析歧义:

auto my_lambda = [](auto&&... unused) { return 42; };

要抑制警告，可以应用 __attribute__((__unused__))(或者，正如@Luc Danton 建议的那样，[[gnu::unused]]): 

auto my_lambda = [](auto&&... unused __attribute__((__unused__))) { return 42; };

或者使用sizeof...

auto my_lambda = [](auto&&... unused) { (void) sizeof...(unused); return 42; };

关于c++ - 如何编写丢弃其参数的通用可变参数 lambda？，我们在Stack Overflow上找到一个类似的问题： https://stackoverflow.com/questions/37508217/

可变丢弃codeunusedautoc++lambdac++14variadicunused-variables

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