我不太确定在这种情况下采用哪种方法进行单元测试。单元测试Guzzle的所有示例对我如何在这种情况下实现都不太有意义，或者我可能只是错误地看待它。设置:Laravel4.2RESTAPI-Controller方法在方法中使用Guzzle从另一个API请求数据，如下所示:request('POST',$url,['body'=>array(...)]);//Morestuff}}?>我认为我可以按如下方式进行单元测试，一切都会正常进行。functiontestGetAllWidgets(){$mock_response=array('foo'=>'bar');$mock=newMockHa
在Laravel项目中，我需要调用APIREST来删除远程数据。我的问题是当我遇到错误时，我的catch语句没有捕获Guzzle异常。我的代码如下:try{$client=new\GuzzleHttp\Client();$request=$client->delete(Config::get('REST_API').'/order-product/'.$id);$status=$request->getStatusCode();}catch(Exception$e){var_dump($e);exit();}异常被Laravel捕获，但没有在我的catch语句中。Guzzle抛出的异常
在我的开发过程中，我的代码运行正常。当我推送到我的服务器时，它变成了错误。cURL错误6:无法解析主机:http(请参阅http://curl.haxx.se/libcurl/c/libcurl-errors.html)这是我的代码:useGuzzleHttp\Client;try{$client=newClient();$client->request('POST',env('API_DOMAIN').'/v1/user/auth/verified_email',['headers'=>['Authorization'=>'cm9vcGlhLnVzZXIud2ViOkY0RVN3VX
在我的Laravel应用程序中，我需要定期使用Guzzle将数据发布到API。API使用不记名token进行身份验证，请求并接受原始json。为了进行测试，我使用Postman访问了API，一切都运行良好。postman标题:Accept:application/jsonAuthorization:Bearer[token]Content-Type:application/json和Postman主体:{"request1":"123456789","request2":"2468","request3":"987654321","name":"JohnDoe"}Postman返回一个
当我尝试使用guzzleHttp时，我遇到了laravel5.4的问题。这是我的代码。useGuzzleHttp\Client;$url='http://example.com';$client=newClient();$parameter=['query'=>['name'=>'xxx','address'=>'yyy'],'headers'=>['User-Agent'=>'xxxx','exceptions'=>false,'timeout'=>10]];$res=$client->request('GET',$url,$parameter);if($res->getStatus
cURL是同步的。那么像Guzzle这样的图书馆如何呢？发送异步网络请求？ 最佳答案 Guzzle之一的传输处理程序是CurlMultiHandler使用PHP的curl_multi_*允许异步传输的函数。请求是异步启动的，函数curl_multi_select()允许Guzzle等到其中一个curl请求接收到数据并对其进行处理。 关于php-Guzzle如何发送异步Web请求？，我们在StackOverflow上找到一个类似的问题： https://stac
我正在搜索Guzzle6中的请求总时间，就在一个简单的GET请求之后:$client=newGuzzleHttp\Client();$response=client->get('http://www.google.com/');但是在文档中找不到任何相关内容。有什么想法吗？非常感谢。 最佳答案 在Guzzle6.1.0中，您可以使用“on_stats”请求选项来获取传输时间等。更多信息可以在RequestOptions-on_stats找到https://github.com/guzzle/guzzle/releases/tag/6
我必须使用cURL将信息发送到外部网站。我在我的Laravel应用程序上设置了Guzzle。我已经设置了基础知识，但根据网站的文档，用户名和密码需要执行一项操作。如何传递“操作”以及登录和获取访问权限所需的凭据？网站声明:curl[-k]–dump-header-F“action=login”-F“username=”-F“password=”https://我的Controller:$client=new\GuzzleHttp\Client();$response=$client->get('http://website.com/page/login/',array('auth'=>
我真的不明白如何在onReject处理程序中捕获异常(转发它)。我想知道是否有人可以指出正确的方向，告诉我如何成功地做到这一点。我正在发送一些异步请求，当一个请求失败并显示“遇到未捕获的异常-类型:GuzzleHttp\Exception\ClientException”时，它永远不会被捕获。我已阅读:https://github.com/reactphp/promise#how-promise-forwarding-workshttps://github.com/guzzle/promises但不清楚为什么以下内容不起作用。我的理解是，当在onReject(RequestExcept
在版本setDefaultOption()。$client=newClient(['base_url'=>$url]);$client->setDefaultOption('auth',[$username,$password]);但是，此功能似乎在版本6中已弃用。我该如何处理？注意:我需要这样做的原因是因为我将guzzle用于批处理请求，其中某些请求需要不同的身份验证参数。 最佳答案 Guzzle6+的最佳选择是重新创建客户端。Guzzle的HTTP客户端现在是不可变的，因此无论何时您想要更改某些内容，都应该创建一个新对象。这并不
